Krivolinijski integral 1. vrste nad zatvorenom konturom. MA
Problem mase krive. Neka je u svakoj tački komadno glatke materijalne krive L: (AB) data njena gustina. Odredite masu krive.
Postupamo na isti način kao što smo radili pri određivanju mase ravnog područja (dvostruki integral) i prostornog tijela (trostruki integral).
1. Organizirajte podjelu područja-luka L na elemente - elementarne lukove tako da ovi elementi nemaju zajedničke unutrašnje tačke i
(stanje A
)
2. Na elementima particije označavamo "označene tačke" M i i izračunavamo vrijednosti funkcije u njima
3. Konstruirati integralni zbir , gdje
- dužina luka
(obično se uvode iste oznake za luk i njegovu dužinu). Ovo je približna vrijednost za masu krive. Pojednostavljenje je da smo pretpostavili da je gustoća luka konstantna na svakom elementu i uzeli konačan broj elemenata.
Prolazak do granice pod uslovom (stanje B
), dobijamo krivolinijski integral prve vrste kao granicu integralnih suma:
.
Teorema postojanja 10 .
Neka funkcija kontinuirano je na komadno glatkom luku L 11 . Tada krivolinijski integral prve vrste postoji kao granica integralnih suma.
Komentar. Ovo ograničenje ne zavisi od
metod izbora particije, sve dok uslov A
izbor "označenih tačaka" na elementima particije,
metod za prečišćavanje particije, sve dok je uslov B zadovoljen
Svojstva krivolinijskog integrala prve vrste.
1. Linearnost a) svojstvo superpozicije
b) svojstvo homogenosti .
Dokaz. Zapišimo integralne sume za integrale na lijevoj strani jednakosti. Pošto je broj članova u integralnom zbiru konačan, pređimo na integralne sume za desne strane jednakosti. Zatim prelazimo na granicu, prema teoremi o prelasku na granicu u jednakosti, dobijamo željeni rezultat.
2.
Aditivnost. Ako a ,
onda
=
+
Dokaz. Odaberimo particiju domene L tako da nijedan od elemenata particije (u početku i kada se particija rafinira) ne sadrži i elemente L 1 i elemente L 2 u isto vrijeme. Ovo se može uraditi pomoću teoreme postojanja (primedba na teoremu). Nadalje, dokaz se izvodi u smislu integralnih suma, kao u Odjeljku 1.
3.
.Evo
- dužina luka
.
4. Ako je na luku onda je nejednakost zadovoljena
Dokaz. Zapišimo nejednakost za integralne sume i prijeđimo do granice.
Napominjemo da je to, posebno, moguće
5. Teorema procjene.
Ako postoje konstante , nešto
Dokaz. Integracija nejednakosti (svojstvo 4), dobijamo
. Po svojstvu 1 konstante
može se izvaditi ispod integrala. Koristeći svojstvo 3, dobijamo željeni rezultat.
6. Teorema srednje vrijednosti(vrijednost integrala).
Postoji poenta , šta
Dokaz. Od funkcije je kontinuiran na zatvorenom ograničenom skupu
, tada postoji njegov infimum
i gornju ivicu
. Nejednakost je ispunjena. Podijelimo obje strane sa L, dobijamo
. Ali broj
zatvorena između donje i gornje granice funkcije. Od funkcije
je kontinuiran na zatvorenom ograničenom skupu L, tada u nekoj tački
funkcija mora uzeti ovu vrijednost. shodno tome,
.
Predavanje 5 Krivolinijski integrali 1. i 2. vrste, njihova svojstva ..
Problem mase krive. Krivolinijski integral 1. vrste.
Problem mase krive. Neka je u svakoj tački krivulje materijala L: (AB) zadana njegova gustina. Odredite masu krive.
Postupamo na isti način kao što smo radili pri određivanju mase ravnog područja (dvostruki integral) i prostornog tijela (trostruki integral).
1. Organizirajte podjelu područja luka L na elemente - elementarne lukove tako da ti elementi nemaju zajedničke unutrašnje tačke i ( stanje A )
3. Konstruirajmo integralni zbir , gdje je dužina luka (obično se uvode iste oznake za luk i njegovu dužinu). Ovo je približna vrijednost za masu krive. Pojednostavljenje je da smo pretpostavili da je gustoća luka konstantna na svakom elementu i uzeli konačan broj elemenata.
Prolazak do granice pod uslovom (stanje B
), dobijamo krivolinijski integral prve vrste kao granicu integralnih suma:
.
Teorema postojanja.
Neka je funkcija kontinuirana na komadno glatkom luku L. Tada krivolinijski integral prve vrste postoji kao granica integralnih suma.
Komentar. Ovo ograničenje ne zavisi od
Svojstva krivolinijskog integrala prve vrste.
1. Linearnost
a) svojstvo superpozicije
b) svojstvo homogenosti .
Dokaz. Zapišimo integralne sume za integrale na lijevoj strani jednakosti. Pošto je broj članova u integralnom zbiru konačan, pređimo na integralne sume za desne strane jednakosti. Zatim prelazimo na granicu, prema teoremi o prelasku na granicu u jednakosti, dobijamo željeni rezultat.
2. Aditivnost.
Ako a ,
onda =
+
3. .Ovdje je dužina luka.
4. Ako je nejednakost zadovoljena na luku, onda
Dokaz. Zapišimo nejednakost za integralne sume i prijeđimo do granice.
Napominjemo da je to, posebno, moguće
5. Teorema procjene.
Ako postoje konstante takve da , Onda
Dokaz. Integracija nejednakosti (svojstvo 4), dobijamo
. Svojstvom 1, konstante se mogu izvući ispod integrala. Koristeći svojstvo 3, dobijamo željeni rezultat.
6. Teorema srednje vrijednosti(vrijednost integrala).
Postoji poenta , šta
Dokaz. Budući da je funkcija kontinuirana na zatvorenom ograničenom skupu , tada postoji njen infimum i gornju ivicu
. Nejednakost je ispunjena. Podijelimo obje strane sa L, dobijamo
. Ali broj
zatvorena između donje i gornje granice funkcije. Budući da je funkcija kontinuirana na zatvorenom ograničenom skupu L, funkcija mora uzeti ovu vrijednost u nekom trenutku. shodno tome,
.
Proračun krivolinijskog integrala prve vrste.
Parametarizujemo luk L: AB x = x(t), y = y(t), z =z (t). Neka t 0 odgovara tački A, a t 1 tački B. Tada se krivolinijski integral prve vrste svodi na definitivni integral ( - formula poznata iz 1. semestra za izračunavanje diferencijala dužine luka):
Primjer. Izračunajte masu jednog okreta homogene (gustine jednake k) spirale: .
Krivolinijski integral 2. vrste.
Problem rada sile.
| Koliki rad obavlja sila?F(M) prilikom pomeranja tačkeMu lukuAB? Kada bi luk AB bio pravolinijski segment, a sila bi bila konstantna po veličini i smjeru kada se tačka M kreće duž luka AB, tada bi se rad mogao izračunati po formuli , gdje je ugao između vektora. U opštem slučaju, ova formula se može koristiti za konstruisanje integralne sume, uz pretpostavku da je sila konstantna na elementu luka dovoljno male dužine. Umjesto dužine malog elementa luka, možete uzeti dužinu tetive koja ga sažima, jer su ove količine ekvivalentne beskonačno male količine pod uvjetom (prvi semestar). |
1. Organizujte podjelu luka regiona AB na elemente - elementarne lukove tako da ti elementi nemaju zajedničke unutrašnje tačke i ( stanje A )
2. Na elementima particije označavamo "označene tačke" M i i izračunavamo vrijednosti funkcije u njima
3. Konstruirati integralni zbir , gdje je vektor usmjeren duž tetive koja savija -luk .
4. Prelazak do granice pod uslovom (stanje B
), dobijamo krivolinijski integral druge vrste kao granicu integralnih suma (i rada sile):
.
Često se pominje
Teorema postojanja.
Neka je vektorska funkcija neprekidna na komadno glatkom luku L. Tada krivolinijski integral druge vrste postoji kao granica integralnih suma.
.
Komentar. Ovo ograničenje ne zavisi od
Metoda za izbor particije, sve dok je uslov A zadovoljen
Odabirom "označenih tačaka" na elementima particije,
Metoda za pročišćavanje particije, sve dok je uslov B zadovoljen
Svojstva krivolinijskog integrala 2. vrste.
1. Linearnost
a) svojstvo superpozicije
b) svojstvo homogenosti .
Dokaz. Zapišimo integralne sume za integrale na lijevoj strani jednakosti. Pošto je broj članova u integralnom zbiru konačan, koristeći svojstvo skalarnog proizvoda, prelazimo na integralne sume za desne strane jednakosti. Zatim prelazimo na granicu, prema teoremi o prelasku na granicu u jednakosti, dobijamo željeni rezultat.
2. Aditivnost.
Ako a ,
onda =
+
.
Dokaz. Odaberimo particiju domene L tako da nijedan od elemenata particije (u početku i kada se particija rafinira) ne sadrži i elemente L 1 i elemente L 2 u isto vrijeme. Ovo se može uraditi pomoću teoreme postojanja (primedba na teoremu). Nadalje, dokaz se izvodi u smislu integralnih suma, kao u Odjeljku 1.
3. Orijentabilnost.
= -
Dokaz. Integral luka –L, tj. u negativnom smjeru zaobilaženja luka, postoji ograničenje integralnih suma, u čijim terminima postoji (). Uzimajući "minus" iz skalarnog proizvoda i iz zbira konačnog broja članova, prelazeći do granice, dobijamo traženi rezultat.