Krivolinijski integral 1. vrste nad zatvorenom konturom. MA
Problem mase krivulje. Neka je u svakoj točki komadično glatke materijalne krivulje L: (AB) dana njegova gustoća. Odredite masu krivulje.
Postupamo na isti način kao kod određivanja mase ravnog područja (dvostruki integral) i prostornog tijela (trostruki integral).
1. Organizirati podjelu regije-luka L na elemente - elementarne lukove tako da ti elementi nemaju zajedničkih unutarnjih točaka i
(stanje A
)
2. Označavamo na elementima particije "označene točke" M i i izračunavamo vrijednosti funkcije u njima
3. Konstruirajte integralni zbroj
, gdje - dužina luka (obično se uvode iste oznake za luk i njegovu duljinu). Ovo je približna vrijednost za masu krivulje. Pojednostavljenje je da smo pretpostavili da je gustoća luka konstantna na svakom elementu i uzeli konačan broj elemenata.
Prijelaz do granice pod uvjetom
(stanje B
), dobivamo krivocrtni integral prve vrste kao limes integralnih suma:
.
Teorem egzistencije 10 .
Neka funkcija
kontinuirana je na komadno glatkom luku L 11 . Tada krivolinijski integral prve vrste postoji kao limit integralnih suma.
Komentar. Ova granica ne ovisi o
način odabira particije, sve dok je uvjet A
odabir "označenih točaka" na pregradnim elementima,
metoda za pročišćavanje particije, sve dok je uvjet B zadovoljen
Svojstva krivocrtnog integrala prve vrste.
1. Linearnost a) svojstvo superpozicije
b) svojstvo homogenosti
.
Dokaz. Zapišimo integralne zbrojeve za integrale na lijevoj strani jednakosti. Budući da je broj članova u integralnom zbroju konačan, prijeđimo na integralne zbrojeve za desne strane jednakosti. Zatim prelazimo na limes, prema teoremu o limesu u jednakosti, dobivamo željeni rezultat.
2.
Aditivnost. Ako a
,
zatim
=
+
Dokaz. Odaberimo particiju domene L tako da niti jedan element particije (u početku i kada se particija pročisti) ne sadrži istovremeno i elemente L 1 i elemente L 2 . To se može učiniti teoremom o postojanju (napomena na teorem). Nadalje, dokaz se provodi u smislu integralnih suma, kao u odjeljku 1.
3.
.Ovdje - dužina luka .
4. Ako na luku nejednakost je tada zadovoljena
Dokaz. Zapišimo nejednakost za integralne zbrojeve i prijeđimo na limes.
Imajte na umu da je, posebice, moguće
5. Teorem o procjeni.
Ako postoje konstante
, nešto
Dokaz. Integriranje nejednakosti
(svojstvo 4), dobivamo
. Po svojstvu 1 konstante
mogu se izvaditi ispod integrala. Koristeći svojstvo 3, dobivamo željeni rezultat.
6. Srednji teorem(vrijednost integrala).
Ima smisla
, što
Dokaz. Budući da funkcija
kontinuirana je na zatvorenom omeđenom skupu , tada njegov infimum postoji
i gornji rub
. Nejednakost je ispunjena. Podijelimo li oba dijela s L, dobivamo
. Ali broj
zatvoren između donje i gornje granice funkcije. Budući da funkcija
kontinuirana na zatvorenom ograničenom skupu L, tada u nekoj točki
funkcija mora uzeti ovu vrijednost. Posljedično,
.
Predavanje 5 Krivolinijski integrali 1. i 2. vrste, njihova svojstva ..
Problem mase krivulje. Krivolinijski integral 1. vrste.
Problem mase krivulje. Neka je u svakoj točki krivulje komadično glatkog materijala L: (AB) dana njegova gustoća. Odredite masu krivulje.
Postupamo na isti način kao kod određivanja mase ravnog područja (dvostruki integral) i prostornog tijela (trostruki integral).
1. Organizirajte podjelu lučne regije L na elemente - elementarne lukove tako da ti elementi nemaju zajedničkih unutarnjih točaka i ( stanje A )
3. Konstruirajmo integralni zbroj , gdje je duljina luka (obično se uvode iste oznake za luk i njegovu duljinu). Ovo je približna vrijednost za masu krivulje. Pojednostavljenje je da smo pretpostavili da je gustoća luka konstantna na svakom elementu i uzeli konačan broj elemenata.
Prijelaz do granice pod uvjetom (stanje B ), dobivamo krivocrtni integral prve vrste kao limes integralnih suma:
.
Teorem postojanja.
Neka je funkcija kontinuirana na komadno glatkom luku L. Tada postoji krivolinijski integral prve vrste kao limes integralnih suma.
Komentar. Ova granica ne ovisi o
Svojstva krivocrtnog integrala prve vrste.
1. Linearnost
a) svojstvo superpozicije
b) svojstvo homogenosti .
Dokaz. Zapišimo integralne zbrojeve za integrale na lijevoj strani jednakosti. Budući da je broj članova u integralnom zbroju konačan, prijeđimo na integralne zbrojeve za desne strane jednakosti. Zatim prelazimo na limes, prema teoremu o limesu u jednakosti, dobivamo željeni rezultat.
2. Aditivnost.
Ako a ,
zatim =
+
3. .Ovdje je duljina luka .
4. Ako je nejednakost zadovoljena na luku, tada
Dokaz. Zapišimo nejednakost za integralne zbrojeve i prijeđimo na limes.
Imajte na umu da je, posebice, moguće
5. Teorem o procjeni.
Ako postoje konstante takve da , onda
Dokaz. Integriranje nejednakosti (svojstvo 4), dobivamo . Po svojstvu 1, konstante se mogu izvući ispod integrala. Koristeći svojstvo 3, dobivamo željeni rezultat.
6. Srednji teorem(vrijednost integrala).
Ima smisla , što
Dokaz. Budući da je funkcija kontinuirana na zatvorenom ograničenom skupu, tada njezin infimum postoji i gornji rub . Nejednakost je ispunjena. Podijelimo li obje strane s L, dobivamo . Ali broj zatvoren između donje i gornje granice funkcije. Budući da je funkcija kontinuirana na zatvorenom ograničenom skupu L, funkcija mora uzeti ovu vrijednost u nekom trenutku. Posljedično, .
Izračun krivocrtnog integrala prve vrste.
Parametariziramo luk L: AB x = x(t), y = y(t), z =z (t). Neka t 0 odgovara točki A, a t 1 odgovara točki B. Tada se krivuljasti integral prve vrste svodi na određeni integral ( - formula poznata iz 1. semestra za izračunavanje diferencijala duljine luka):
Primjer. Izračunajte masu jednog zavoja homogene (gustoće jednake k) zavojnice: .
Krivolinijski integral 2. vrste.
Problem rada sile.
Koliki rad izvrši sila?F(M) prilikom pomicanja točkeMu lukuAB? Kad bi luk AB bio isječak ravne linije, a sila bi bila konstantna po veličini i smjeru kada se točka M pomiče po luku AB, tada bi se rad mogao izračunati po formuli , gdje je kut između vektora. U općem slučaju, ova se formula može koristiti za konstruiranje integralnog zbroja, uz pretpostavku da je sila konstantna na lučnom elementu dovoljno male duljine. Umjesto duljine malog elementa luka, možete uzeti duljinu tetive koja ga podupire, budući da su te količine pod uvjetom (prvo polugodište) ekvivalentne infinitezimalnim veličinama. |
1. Organizirajte podjelu područja-luka AB na elemente - elementarne lukove tako da ti elementi nemaju zajedničkih unutarnjih točaka i ( stanje A )
2. Označavamo na elementima particije "označene točke" M i i izračunavamo vrijednosti funkcije u njima
3. Konstruirajte integralni zbroj , gdje je vektor usmjeren duž tetive koja spaja -luk .
4. Prijelaz do granice pod uvjetom (stanje B ), dobivamo krivuljasti integral druge vrste kao granicu integralnih zbrojeva (i rada sile):
. Često se spominje
Teorem postojanja.
Neka je vektorska funkcija kontinuirana na komadično glatkom luku L. Tada postoji krivocrtni integral druge vrste kao limes integralnih suma.
.
Komentar. Ova granica ne ovisi o
Metoda za odabir particije, sve dok je uvjet A zadovoljen
Odabir "označenih točaka" na pregradnim elementima,
Metoda za pročišćavanje particije, sve dok je uvjet B zadovoljen
Svojstva krivocrtnog integrala 2. vrste.
1. Linearnost
a) svojstvo superpozicije
b) svojstvo homogenosti .
Dokaz. Zapišimo integralne zbrojeve za integrale na lijevoj strani jednakosti. Budući da je broj članova u integralnom zbroju konačan, koristeći svojstvo skalarnog umnoška, prelazimo na integralne zbrojeve za desne strane jednakosti. Zatim prelazimo na limes, prema teoremu o limesu u jednakosti, dobivamo željeni rezultat.
2. Aditivnost.
Ako a ,
zatim =
+
.
Dokaz. Odaberimo particiju domene L tako da niti jedan element particije (u početku i kada se particija pročisti) ne sadrži istovremeno i elemente L 1 i elemente L 2 . To se može učiniti teoremom o postojanju (napomena na teorem). Nadalje, dokaz se provodi u smislu integralnih suma, kao u odjeljku 1.
3. Orijentabilnost.
= -
Dokaz. Integral luka –L, tj. u negativnom smjeru zaobilaženja luka postoji granica integralnih zbrojeva, u čijim terminima umjesto toga postoji (). Izuzimanjem "minusa" iz skalarnog umnoška i iz zbroja konačnog broja članova, prelazeći na granicu, dobivamo traženi rezultat.